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zh1159007904:
大侠,你这个程序的递归部分看不懂,能不能麻烦解释一下递归的思路 ...
求21位水仙花数(C语言实现) -
shenma_IT:
我是一楼的神马_CS哦 再次表示感谢!!
求21位水仙花数(C语言实现) -
shenma_IT:
好 万分感谢 !!
求21位水仙花数(C语言实现) -
Touch_2011:
shenma_CS 写道你好! 我看了你的代码 有好多让我佩服 ...
求21位水仙花数(C语言实现) -
Touch_2011:
乘法是模拟数学上两个数相乘,但在处理进位方面可能有点不同。比如 ...
求21位水仙花数(C语言实现)
1、分治法思想:
将一个难以直接解决的大问题,分割成一些规模较小的相同问题,以便各个击破,分而治之。
2.分治法特征:
1) 该问题的规模缩小到一定的程度就可以容易地解决
2) 该问题可以分解为若干个规模较小的相同问题,即该问题具有最优子结构性质。
3) 利用该问题分解出的子问题的解可以合并为该问题的解;
4) 该问题所分解出的各个子问题是相互独立的,即子问题之间不包含公共的子子问题。
上述的第一条特征是绝大多数问题都可以满足的,因为问题的计算复杂性一般是随着问题规模的增加而增加;第二条特征是应用分治法的前提它也是大多数问题可以满足的,此特征反映了递归思想的应用;第三条特征是关键,能否利用分治法完全取决于问题是否具有第三条特征,如果具备了第一条和第二条特征,而不具备第三条特征,则可以考虑用贪心法或动态规划法。第四条特征涉及到分治法的效率,如果各子问题是不独立的则分治法要做许多不必要的工作,重复地解公共的子问题,此时虽然可用分治法,但一般用动态规划法较好。
3.分治法的基本步骤
分治法在每一层递归上都有三个步骤:
分解:将原问题分解为若干个规模较小,相互独立,与原问题形式相同的子问题;
解决:若子问题规模较小而容易被解决则直接解,否则递归地解各个子问题
合并:将各个子问题的解合并为原问题的解。
4.例题分析
(1)归并排序
分析:将要排序的序列每次折半分解。当只有一个元素时,这个元素显然是有序的,这时返回,然后把各个子问题合并,排序完成。对数列进行分治时一般采用折半分解和选取阀值(比这个值小的放左边,大的放右边)分解,传入的参数是第一个元素和最后一个元素的下标。
代码:
//分解
void resolve(int* a,int low,int high)
{
int mid;
if(low==high)
return;
mid=(low+high)/2;
resolve(a,low,mid);//分解左边
resolve(a,mid+1,high);//分解右边
merge(a,low,mid,high);//合并
}
(2)选择第K小元素
分析:这个题目跟快速排序的思路差不多,选取一个阀值(我选的是第一个元素)进行分解,比这个值小的是左半部分,大的是右半部分。然后比较K和这个值的下标,若相等,则这个值是第k小元素,若k更大,则第k小元素在右半部分,k更小在左半部分。当然这个题目跟快速排序的题目一样,不需要进行合并。
代码:
//同样用分治法选择第K小元素
int indexMin(int *a,int low,int high,int k)
{
int i=low,j=high,index=low;
int temp,dir=0;
//选择一个元素为临界值,把比这个数小的放左边,比它大的放右边
while(i<=j){
if(!dir)
if(a[j]<a[index]){
temp=a[j];
a[j]=a[index];
a[index]=temp;
index=j;
dir=1;
}else
j--;
if(dir)
if(a[i]>a[index]){
temp=a[i];
a[i]=a[index];
a[index]=temp;
index=i;
dir=0;
}else
i++;
}
//分三种情况
if(index==k)
return a[index];
else if(k<index)
return indexMin(a,low,index-1,k);
else
return indexMin(a,index+1,high,k);
}
(3)求一串数列(存放在a数组里面)的最大子段和
分析:进行折半分解。存在三种情况:1.最大字段和在左半部分2.最大字段和在右半部分3.最大字段由左半部分的部分元素和右半部分的部分元素组合而成。对这三种情况进行合并。
代码:
//求一串数列(存放在a数组里面)的最大子段和
int maxSum(int* a,int low,int high)
{
int i,temp=0;
int maxLeft,maxRight,maxLR;
int mid=(low+high)/2;
//当只有两个数时,最大字段和要么是第一个数,或是第二个数,或者是两者之和
if(high-low<=1){
if(a[low]+a[high]>a[low] && a[low]+a[high]>a[high])
return a[low]+a[high];
else
return a[high]>a[low]?a[high]:a[low];
}
//分解
maxLeft=maxSum(a,low,mid);//1.求左边的最大字段和
maxRight=maxSum(a,mid+1,high);//2.求右边的最大字段和
//3.当最大字段和是左边和右边的某一部分数合并而成时的最大字段和
maxLR=a[mid];
for(i=mid;i>=low;i--){
temp+=a[i];
maxLR=maxLR>temp?maxLR:temp;
}
temp=maxLR;
for(i=mid+1;i<=high;i++){
temp+=a[i];
maxLR=maxLR>temp?maxLR:temp;
}
//合并,返回三种情况中求出的最大字段和中的最大值
if(maxLR>maxRight && maxLR>maxLeft)
return maxLR;
else
return maxRight>maxLeft?maxRight:maxLeft;
}
(4)其他题目
棋盘覆盖:将棋盘进行分解,每分解一次就有四个子棋盘,其中有一个子棋盘中有特殊方格,用一个L型骨牌覆盖无特殊方格的三个棋盘的结合处,这样四个子棋盘都有特殊方格。再对每一个子棋盘进行分解,重复上述步骤。直到分解为2*2的棋盘则返回。
循环日程赛:把参赛选手分为两部分,当只有两个人时,只进行一场比赛。
求一列数中的最大值
快速排序
/*
* 归并法进行排序(分治法)
*/
#include<stdio.h>
//合并
void merge(int *a,int low,int mid,int high)
{
//把a中的两个子数组有序的合并到b数组中([low,mid]和[mid+1,high]两个数组)
int b[10];
int k=low;
int i=low,j=mid+1;//i指向第一个数组,j指向第二个数组
while(i<=mid && j<=high){
if(a[i]<a[j])
b[k++]=a[i++];
else
b[k++]=a[j++];
}
if(i<=mid)
while(i<=mid)
b[k++]=a[i++];
else if(j<=high)
while(j<=high)
b[k++]=a[j++];
//把排好序的数组b复制回a数组中对应的元素
for(i=low;i<=high;i++)
a[i]=b[i];
}
//分解
void resolve(int* a,int low,int high)
{
int mid;
if(low==high)
return;
mid=(low+high)/2;
resolve(a,low,mid);//分解左边
resolve(a,mid+1,high);//分解右边
merge(a,low,mid,high);//合并
}
void main()
{
int i;
int a[10]={4,5,14,-5,-8,2,0,3,3,1};
resolve(a,0,9);
for(i=0;i<10;i++)
printf("%-5d",*(a+i));
printf("\n");
}
/* * 最大子段和问题(分治法) * 数组中的最大值(分治法) * 选择第k小元素(分治法) */ #include<stdio.h> //求一串数列(存放在a数组里面)的最大子段和 int maxSum(int* a,int low,int high) { int i,temp=0; int maxLeft,maxRight,maxLR; int mid=(low+high)/2; //当只有两个数时,最大字段和要么是第一个数,或者是第二个数,或者是两者之和 if(high-low<=1){ if(a[low]+a[high]>a[low] && a[low]+a[high]>a[high]) return a[low]+a[high]; else return a[high]>a[low]?a[high]:a[low]; } //分解 maxLeft=maxSum(a,low,mid);//1.求左边的最大字段和 maxRight=maxSum(a,mid+1,high);//2.求右边的最大字段和 //3.当最大字段和是左边和右边的某一部分数合并而成时的最大字段和 maxLR=a[mid]; for(i=mid;i>=low;i--){ temp+=a[i]; maxLR=maxLR>temp?maxLR:temp; } temp=maxLR; for(i=mid+1;i<=high;i++){ temp+=a[i]; maxLR=maxLR>temp?maxLR:temp; } //合并,返回三种情况中求出的最大字段和中的最大值 if(maxLR>maxRight && maxLR>maxLeft) return maxLR; else return maxRight>maxLeft?maxRight:maxLeft; } //同样用分治法可以求出这个数组中的最大值 int max(int* a,int low,int high) { int maxLeft,maxRight; //当小于两个元素时,直接返回较大的那个元素 if(high-low<=1) return a[low]>a[high]?a[low]:a[high]; //分解 maxLeft=max(a,low,(low+high)/2); maxRight=max(a,(low+high)/2+1,high); //合并 return maxLeft>maxRight?maxLeft:maxRight; } //同样用分治法选择第K小元素 int indexMin(int *a,int low,int high,int k) { int i=low,j=high,index=low; int temp,dir=0; //选择一个元素为临界值,把比这个数小的放左边,比它大的放右边 while(i<=j){ if(!dir) if(a[j]<a[index]){ temp=a[j]; a[j]=a[index]; a[index]=temp; index=j; dir=1; }else j--; if(dir) if(a[i]>a[index]){ temp=a[i]; a[i]=a[index]; a[index]=temp; index=i; dir=0; }else i++; } //分三种情况 if(index==k) return a[index]; else if(k<index) return indexMin(a,low,index-1,k); else return indexMin(a,index+1,high,k); } void main() { int a[10]={-20,11,-4,13,-5,-2}; printf("max sub sum : %d\n",maxSum(a,0,6)); printf("max value : %d\n",max(a,0,6)); printf("第2小元素时 : %d\n",indexMin(a,0,6,1)); }
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- 最大子段和、最大值、第K小元素.zip (1.4 KB)
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